Tablica prikazuje vrijednosti fizičkih veličina koje karakteriziraju. Jedinstveni državni ispit iz fizike: analiziramo zadatke s nastavnikom. Izvedeni jedinični izraz

GRAFIKONI

FIZIČKE VELIČINE

Kinetička energija tereta

Brzina opterećenja

Stopa opruge

Kinetička energija tereta

Brzina opterećenja

Stopa opruge

KOORDINIRATI

UBRZATI

gdje x 0 je početna koordinata tijela; v x je projekcija vektora brzine na odabranu os; a x je projekcija vektora ubrzanja na odabranu os; t- vrijeme putovanja.

Za tijelo A pišemo: početna koordinata x 0 = 10 m; v x= –5 m/s; a x\u003d 4 m/s 2. Tada će jednadžba za projekciju brzine na vrijeme izgledati ovako:

v x= v 0x + a x t (2)

Za naš slučaj vx = 4t – 5.

Za tijelo B pišemo, uzimajući u obzir formulu (1): x 0 = 5 m; v x= 0 m/s; a x\u003d -8 m / s 2. Zatim napišemo jednadžbu za projekciju brzine na vrijeme za tijelo B v x = –8t.

gdje k – Boltzmannova konstanta, T – temperatura plina u Kelvinima. Iz formule je vidljivo da je ovisnost prosječne kinetičke energije o temperaturi izravna, odnosno koliko se puta promijeni temperatura, toliko se promijeni prosječna kinetička energija toplinskog gibanja molekula.

Odgovor: 4 puta.

Zadatak 9

Plin je u određenom procesu predao količinu topline od 35 J, a unutarnja energija plina se u tom procesu povećala za 10 J. Koliki su rad nad plinom izvršile vanjske sile?

Riješenje

Uvjet zadatka bavi se radom vanjskih sila na plin. Stoga se prvi zakon termodinamike može napisati kao:

∆U = Q + A protiv (1),

Gdje je ∆ U= 10 J je promjena unutarnje energije plina; Q= -35 J - količina topline koju oslobađa plin, A w.c je rad vanjskih sila.

Zamijenite brojčane vrijednosti u formuli (1) 10 = –35 + ALI v.s; Stoga će rad vanjskih sila biti jednak 45 J.

Odgovor: 45 J.

Parcijalni tlak vodene pare pri 19°C bio je 1,1 kPa. Odredite relativnu vlažnost zraka ako je tlak zasićene pare pri toj temperaturi 2,2 kPa?

Riješenje

Određivanjem relativne vlažnosti zraka

φ - relativna vlažnost zraka, u postocima; P v.p - parcijalni tlak vodene pare, P n.p - tlak zasićene pare pri određenoj temperaturi.

Zamijenimo brojčane vrijednosti u formulu (1).

Odgovor: 50%.

Promjena stanja fiksne količine monoatomskog idealnog plina događa se prema ciklusu prikazanom na slici.

Uspostavite podudarnost između procesa i fizikalnih veličina (∆ U– promjena unutarnje energije; ALI– plinski rad), koji ih karakteriziraju.

Za svako mjesto iz prvog stupca odaberite odgovarajuće mjesto iz drugog stupca i upišite odabrane brojeve u tablicu prema pripadajućim slovima.

Riješenje

Ovaj graf se može ponovno izgraditi u osi PV ili se nositi s onim što je dato. U odjeljku 1-2, izohorni proces V= konst; Povećanje tlaka i temperature. Plin ne radi. Zato A= 0, Promjena unutarnje energije veća je od nule. Dakle, fizikalne veličine i njihove promjene pravilno su zapisane pod brojem 4) Δ U > 0; A= 0. Segment 2–3: izobarni proces, P= konst; temperatura se povećava i volumen se povećava. Plin se širi, plinski rad A>0, dakle, prijelaz 2-3 odgovara zapisu pod brojem 1) Δ U > 0; A > 0.

Idealni jednoatomski plin koji se nalazi u cilindru ispod teškog klipa (trenje između površine klipa i cilindra može se zanemariti) polako se zagrijava od 300 K do 400 K. Vanjski tlak se ne mijenja. Zatim se isti plin ponovno zagrije sa 400 K na 500 K, ali s nepomičnim klipom (klip se ne miče).

Usporedite rad plina, promjenu unutarnje energije i količinu topline koju je plin primio u prvom i drugom procesu.

Za svaku vrijednost odredite odgovarajuću prirodu promjene:

1. Povećana;
2. Smanjena;
3. Nije se promijenilo.

Zapiši do stola odabrane brojke za svaku fizikalnu veličinu. Brojevi u odgovoru mogu se ponavljati.

Riješenje

Ako se plin polako zagrijava u cilindru s labavim teškim klipom, tada se pri konstantnom vanjskom tlaku proces može smatrati izobarnim (tlak plina se ne mijenja)

Stoga se rad plina može izračunati po formuli:

A = P · ( V 2 – V 1), (1)

gdje A– rad plina u izobarnom procesu; P– tlak plina; V 1 je volumen plina u početnom stanju; V 2 je volumen plina u konačnom stanju.

Promjena unutarnje energije idealnog jednoatomnog plina izračunava se po formuli:

gdje v- količina tvari; R je univerzalna plinska konstanta; ∆ T– promjena temperature plina.

∆T= T 2 – T 1 = 400 K - 300 K = 100 K.

Prema prvom zakonu termodinamike količina topline koju primi plin je

Q = ∆U + A (3)

Q = 150v R + P(V 2 – V 1) (4);

Ako se plin zagrijava u cilindru s fiksnim klipom, tada se proces može smatrati izohornim (volumen plina se ne mijenja). Kod izohornog procesa idealni plin ne vrši rad (klip se ne kreće).

A z = 0 (5)

Promjena unutarnje energije je:

Odgovor: 232.

NA električno polje uveden je nenabijeni komad dielektrika (vidi sliku). Zatim je podijeljen na dva jednaka dijela (isprekidana linija) i potom izvađen električno polje. Koliki će naboj imati svaki dio dielektrika?

1. Naboj oba dijela je nula;
2. Lijeva strana je pozitivno nabijena, desna strana je negativno nabijena;
3. Lijeva strana je negativno nabijena, desna strana je pozitivno nabijena;
4. Oba dijela su negativno nabijena;
5. Oba dijela su pozitivno nabijena.

Riješenje

Ako u električno polje pod normalnim uvjetima uvedete dielektrik (tvar u kojoj nema slobodnih električnih naboja), tada se uočava fenomen polarizacije. U dielektricima se nabijene čestice ne mogu kretati po cijelom volumenu, već se mogu kretati samo na malim udaljenostima u odnosu na svoje stalne položaje, električni naboji u dielektricima su povezani. Ako je dielektrik izdvojen iz polja, tada je naboj oba dijela jednak nuli.

Oscilatorni krug sastoji se od kondenzatora kapaciteta C a zavojnice s induktivitetom L. Kako će se promijeniti frekvencija i valna duljina titrajnog kruga ako se površina ploča kondenzatora prepolovi? Za svaku vrijednost odredite odgovarajuću prirodu promjene:

1. Povećana;
2. Smanjena;
3. Nije se promijenilo.

Zapiši do stola odabrane brojke za svaku fizikalnu veličinu. Brojevi u odgovoru mogu se ponavljati.

Riješenje

Zadatak se odnosi na oscilatorni krug. Određivanjem perioda oscilacija koje nastaju u krugu , valna duljina je povezana s frekvencijom

gdje v je frekvencija osciliranja. Određivanjem kapaciteta kondenzatora

C = ε 0 ε S/d (3),

gdje je ε 0 električna konstanta, ε je permitivnost medija. Prema stanju problema, površina ploča se smanjuje. Zbog toga se smanjuje kapacitet kondenzatora. Iz formule (1) vidimo da će se period elektromagnetskih oscilacija koji se javljaju u krugu smanjiti. Poznavanje odnosa između perioda i frekvencije oscilacija

Grafikon pokazuje kako se indukcija magnetskog polja mijenja tijekom vremena u vodljivom krugu. U kojem vremenskom intervalu će se u krugu pojaviti induktivna struja.

Riješenje

Po definiciji, indukcijska struja u vodljivom zatvorenom krugu javlja se pod uvjetom promjene magnetskog toka koji prodire kroz ovaj krug.

Zakon elektromagnetske indukcije, gdje je Ɛ EMF indukcije, ∆Φ je promjena magnetskog toka, ∆ t vremensko razdoblje tijekom kojeg se događaju promjene.

Prema uvjetu problema, magnetski tok će se promijeniti ako se promijeni indukcija magnetskog polja. To se događa u vremenskom intervalu od 1 s do 3 s. Područje konture se ne mijenja. Stoga se u kućištu javlja indukcijska struja

1. S vremenom t\u003d 1 s promjena magnetskog toka kroz krug veća je od nule.
2. Indukcijska struja u krugu javlja se u rasponu od ( t= 1 s do t= 3 s)
3. Modul EMF indukcije koja se javlja u krugu je 10 mV.
4. promjena magnetskog toka kroz krug od t = 3 s do t = 4 s manje od nule.
5. Indukcijska struja je nula u vremenskim intervalima od ( t= 0 s do t= 1 s) i od ( t= 3 s do t= 4 s)

Odgovor: 2.5.

Kvadratni okvir nalazi se u jednoličnom magnetskom polju u ravnini linija magnetske indukcije (vidi sliku). Smjer struje u okviru prikazan je strelicama. Koji je smjer sile koja djeluje na stranu ab okvir od vanjskog magnetskog polja ? (desno, lijevo, gore, dolje, prema promatraču, od promatrača)

Riješenje

Amperova sila djeluje na okvir strujom sa strane magnetskog polja. Smjer vektora Amperove sile određen je mnemotehničkim pravilom lijeve ruke. Četiri prsta lijeve ruke usmjerena su duž trenutne strane ab, vektor indukcije NA, treba ući u dlan, tada će palac pokazati smjer vektora Amperove sile.

Odgovor: promatraču.

Nabijena čestica leti određenom brzinom u jednolično magnetsko polje okomito na silnice polja. Od neke točke u vremenu, modul indukcije magnetskog polja je povećan. Naboj čestice se nije promijenio.

Kako se promijenila sila koja djeluje na česticu koja se giba u magnetskom polju, polumjer kružnice po kojoj se čestica giba i kinetička energija čestice nakon povećanja modula magnetskog polja?

Za svaku vrijednost odredite odgovarajuću prirodu promjene:

1. Povećana;
2. Smanjena;
3. Nije se promijenilo.

Zapiši do stola odabrane brojke za svaku fizikalnu veličinu. Brojevi u odgovoru mogu se ponavljati.

Riješenje

Na česticu koja se kreće u magnetskom polju djeluje Lorentzova sila sa strane magnetskog polja. Modul Lorentzove sile može se izračunati pomoću formule:

F l = B · q· v sinα(1),

gdje B– indukcija magnetskog polja, q je naboj čestice, v je brzina čestice, α je kut između vektora brzine i vektora magnetske indukcije.

U našem slučaju čestica leti okomito na silnice, α = 90°, sin90 = 1.

Iz formule (1) vidljivo je da s porastom indukcije magnetskog polja sila koja djeluje na česticu koja se giba u magnetskom polju, povećava se.

Formula za radijus kružnice po kojoj se giba nabijena čestica ima oblik:

gdje m je masa čestice. Stoga se s povećanjem indukcije polja radijus kružnice smanjuje se.

Lorentzova sila ne djeluje na pokretnu česticu jer je kut između vektora sile i vektora pomaka (vektor pomaka usmjeren je duž vektora brzine) 90°.

Dakle, kinetička energija, bez obzira na vrijednost indukcije magnetskog polja ne mijenja.

Odgovor: 123.

Po dijelu lanca istosmjerna struja s otporom R teče struja ja. Uspostavite podudarnost između fizikalnih veličina i formula pomoću kojih se one mogu izračunati. Za svaku poziciju iz prvog stupca odaberite odgovarajuću poziciju iz drugog stupca i upišite odabrane brojeve u tablicu ispod odgovarajućih slova.

gdje P- snagu električne struje, A- rad električne struje, t- vrijeme tijekom kojeg električna struja teče kroz vodič. Rad se, pak, izračunava

A = ja Ut (2),

gdje ja- jakost električne struje, U- napetosti u tom području

Kao rezultat reakcije jezgre i α čestica nastali su proton i jezgra:

Riješenje

Napišimo nuklearnu reakciju za naš slučaj:

Kao rezultat te reakcije ispunjava se zakon održanja naboja i masenog broja. Z = 13 + 2 – 1 = 14; M = 27 + 4 – 1 = 30.

Stoga, jezgra broj 3)

Vrijeme poluraspada tvari je 18 minuta, početna masa je 120 mg, Kolika će biti masa tvari nakon 54 minute, odgovor je izražen u mg?

Riješenje

Zadatak je koristiti zakon radioaktivnog raspada. Može se napisati u obliku

Odgovor: 15 mg.

Fotokatoda fotoćelije osvijetljena je ultraljubičastim svjetlom određene frekvencije. Kako se mijenja rad rada materijala (tvari) fotokatode, maksimalna kinetička energija fotoelektrona i crvena granica fotoelektričnog efekta ako se poveća frekvencija svjetlosti?

Za svaku vrijednost odredite odgovarajuću prirodu promjene:

1. Povećana;
2. Smanjena;
3. Nije se promijenilo.

Zapiši do stola odabrane brojke za svaku fizikalnu veličinu. Brojevi u odgovoru mogu se ponavljati.

Riješenje

Korisno je podsjetiti se na definiciju fotoelektričnog efekta. To je pojava međudjelovanja svjetlosti s materijom, uslijed čega se energija fotona prenosi na elektrone materije. Razlikovati vanjski i unutarnji fotoelektrični učinak. U našem slučaju govorimo o vanjskom fotoelektričnom efektu. Pod djelovanjem svjetlosti elektroni se izbacuju iz tvari. Rad rada ovisi o materijalu od kojeg je izrađena fotokatoda fotoćelije, a ne ovisi o frekvenciji svjetlosti. Stoga, kako se frekvencija povećava Ultraljubičasto svijetlo incident na fotokatodi, funkcija rada se ne mijenja.

Napišimo Einsteinovu jednadžbu za fotoelektrični efekt:

hv = A van + E do (1),

hv je energija fotona koji upada na fotokatodu, A vy – funkcija rada, E k je maksimalna kinetička energija fotoelektrona emitiranih s fotokatode pod djelovanjem svjetlosti.

Iz formule (1) izražavamo

E k = hv – A van (2),

Stoga, kako se frekvencija ultraljubičastog svjetla povećava maksimalna kinetička energija fotoelektrona raste.

crveni rub

Odgovor: 313.

Voda se ulije u čašu. Odaberite točnu vrijednost za volumen vode, s obzirom da je pogreška mjerenja jednaka polovici podjeljka ljestvice.

Riješenje

Zadatkom se provjerava sposobnost bilježenja očitanja mjernog uređaja uzimajući u obzir zadanu grešku mjerenja. Odredimo vrijednost podjela ljestvice

Prema uvjetu, pogreška mjerenja jednaka je polovici vrijednosti podjele, tj.

Konačni rezultat zapisujemo u obliku:

V= (100 ± 5) ml

Vodiči su izrađeni od istog materijala. Koji par vodiča treba izabrati da bi se eksperimentalno otkrila ovisnost otpora žice o njezinu promjeru?

Riješenje

U zadatku je navedeno da su vodiči izrađeni od istog materijala, tj. njihov otpor je isti. Prisjetimo se o kojim vrijednostima ovisi otpor vodiča i zapišimo formulu za izračun otpora:

gdje R- otpor vodiča, str– materijal otpornosti, l- duljina vodiča, S- kvadrat poprečni presjek dirigent. Da biste identificirali ovisnost vodiča o promjeru, trebate uzeti vodiče iste duljine, ali različitog promjera. Zajam da je površina poprečnog presjeka vodiča definirana kao površina kruga:

gdje d– promjer vodiča. Dakle, odgovor je: 3.

Projektil mase 40 kg, koji leti u vodoravnom smjeru brzinom 600 m/s, raskomadan je na dva dijela masa 30 kg i 10 kg. Većina se giba u istom smjeru brzinom od 900 m/s. Odredite brojčanu vrijednost i smjer brzine manjeg dijela projektila. Kao odgovor, zapišite modul ove brzine.

U trenutku praska projektila (∆ t→ 0) utjecaj gravitacije se može zanemariti i projektil se može smatrati zatvorenim sustavom. Prema zakonu očuvanja količine gibanja: vektorski zbroj momenta tijela uključenih u zatvoreni sustav ostaje konstantan za bilo kakve interakcije tijela ovog sustava jedni s drugima. Za naš slučaj pišemo:

m= m 1 1 + m 2 2 (1)

– brzina projektila; m- masa projektila prije praska; 1 – brzina prvog fragmenta; m 1 je masa prvog fragmenta; m 2 – masa drugog ulomka; 2 je brzina drugog fragmenta.

Odaberemo pozitivan smjer osi X, koji se podudara sa smjerom brzine projektila, zatim u projekciji na tu os napišemo jednadžbu (1):

mv x = m 1 v 1 x + m 2 v 2x (2)

Izrazimo iz formule (2) projekciju vektora brzine drugog fragmenta.

Manji dio projektila u trenutku puknuća ima brzinu od 300 m/s, usmjerenu u smjeru suprotnom od početnog kretanja projektila.

Odgovor: 300 m/s.

U kalorimetru je 50 g vode i 5 g leda u toplinskoj ravnoteži. Kolika treba biti najmanja masa vijka specifičnog toplinskog kapaciteta 500 J/kg K i temperature 339 K da se nakon spuštanja u kalorimetar sav led otopi? Zanemarite gubitak topline. Odgovorite u gramima.

Riješenje

Za rješavanje problema važno je zapamtiti jednadžbu toplinske ravnoteže. Ako nema gubitaka, tada se prijenos topline energije događa u sustavu tijela. Kao rezultat toga, led će se otopiti. U početku su voda i led bili u toplinskoj ravnoteži. To znači da je početna temperatura bila 0 °C ili 273 K. Zapamtite pretvorbu iz Celzijevih stupnjeva u Kelvine. T = t+ 273. Budući da se prema uvjetu zadatka traži minimalna masa klina, energija bi trebala biti dovoljna samo za topljenje leda.

S b m b( t b – 0) = λ m l (1),

gdje je λ specifična toplina taljenja, m l je masa leda, m b je masa vijka.

Ekspresno iz formule (1)

Odgovor: 50 g.

U krugu prikazanom na slici idealni ampermetar pokazuje 6 A. Odredite EMF izvora ako je njegov unutarnji otpor 2 oma.

Riješenje

Pažljivo čitamo stanje problema i bavimo se shemom. Ima jedan element koji se može zanemariti. Ovo je prazna žica između otpornika od 1 ohma i 3 ohma. Ako je krug zatvoren, tada će električna struja proći kroz ovu žicu s najmanjim otporom i kroz otpornik od 5 ohma.

Tada se Ohmov zakon za cijeli krug može napisati kao:

gdje je jakost struje u krugu, ε je EMF izvora, R– otpornost na opterećenje, r- unutarnji otpor. Iz formule (1) izražavamo EMF

ε = ja (R + r) (2)

ε \u003d 6 A (5 Ohm + 2 Ohm) \u003d 42 V.

Odgovor: 42 V.

U komori iz koje je ispumpavan zrak stvoreno je električno polje jakosti a magnetsko polje s indukcijom . Polja su homogena, a vektori međusobno okomiti. Proton uleti u komoru str, čiji je vektor brzine okomit na vektor intenziteta i vektor magnetske indukcije. Moduli jakosti električnog polja i indukcije magnetskog polja su takvi da se proton giba pravocrtno. Objasnite kako će se promijeniti početni dio putanje protona ako se poveća indukcija magnetskog polja. U svom odgovoru naznačite koje ste pojave i obrasce koristili za objašnjenje. Zanemarite učinak gravitacije.

Riješenje

U rješavanju problema potrebno je zadržati se na početnom gibanju protona i na promjeni prirode gibanja nakon promjene magnetskog polja. Magnetsko polje djeluje na proton Lorentzovom silom čiji je modul jednak F l = qvB a električno polje sa silom čiji je modul jednak F e = qE. Budući da je naboj protona pozitivan, tada je e suusmjeren s vektorom intenziteta električno polje. (Vidi sliku) Budući da se proton u početku kretao pravocrtno, te su sile bile jednake u apsolutnoj vrijednosti prema drugom Newtonovom zakonu.

S povećanjem indukcije magnetskog polja povećavat će se Lorentzova sila. Rezultantna sila u ovom slučaju bit će različita od nule i usmjerena prema većoj sili. Naime, u smjeru Lorentzove sile. Rezultantna sila obavještava proton o akceleraciji usmjerenoj ulijevo, putanja protona bit će krivuljasta, odstupajući od izvornog smjera.

Tijelo klizi bez trenja duž nagnutog žlijeba, tvoreći "mrtvu petlju" s polumjerom R. Na kojoj se visini tijelo treba pokrenuti da se ne otrgne od padobrana na vrhu putanje.

Riješenje

Zadat nam je problem nejednoliko promjenljivog gibanja tijela po kružnici. U procesu ovog kretanja mijenja se položaj tijela u visini. Zadatak je lakše riješiti pomoću jednadžbi zakona održanja energije i jednadžbi drugog Newtonovog zakona duž normale na putanju gibanja. Napravio crtež. Zapisujemo formulu za zakon održanja energije:

A = W 2 – W 1 (1),

gdje W 2 i W 1 - ukupna mehanička energija u prvom i drugom položaju. Po nulta razina odaberite položaj stola. Zanimaju nas dva položaja tijela - ovo je položaj tijela u početnom trenutku kretanja, drugi je položaj tijela u gornjoj točki putanje (to je točka 3 na slici). U procesu kretanja na tijelo djeluju dvije sile: sila gravitacije \u003d i sila reakcije oslonca. Pri promjeni potencijalne energije uračunava se rad gravitacije, sila ne vrši rad, jer je posvuda okomita na pomak. A = 0 (2)

Na poziciji 1: W 1 = mgh(3), gdje m- tjelesna masa; g- ubrzanje gravitacije; h je visina s koje se tijelo počinje kretati.

Na poziciji 2 (točka 3 na slici):

v 2 + 4gr – 2gh = 0 (5)

Na vrhu petlje na tijelo djeluju dvije sile, prema drugom Newtonovom zakonu

Rješavajući jednadžbe (5) i (7) dobivamo h= 2,5R

Odgovor: 2,5 R.

Zrak u sobi V \u003d 50 m 3 ima temperaturu t \u003d 27 ° C i relativna vlažnost φ 1 \u003d 30%. Koliko dugo τ treba raditi ovlaživač zraka, prskajući vodu s kapacitetom od μ = 2 kg / h, tako da relativna vlažnost zraka u prostoriji poraste na φ 2 = 70%. Tlak zasićene pare vode pri t = 27°C jednako str n = 3665 Pa. Molarna masa vode je 18 g/mol.

Riješenje

Kada počinjete rješavati probleme za paru i vlagu, uvijek je korisno imati na umu sljedeće: Ako su dani temperatura i tlak (gustoća) zasićene pare, tada se njezina gustoća (tlak) određuje iz Mendeleev-Clapeyronove jednadžbe . Zapišite Mendeleev-Clapeyronovu jednadžbu i formulu relativne vlažnosti za svako stanje.

Za prvi slučaj, pri φ 1 = 30%, parcijalni tlak vodene pare izražava se formulom:

gdje T = t+ 273 (K), R je univerzalna plinska konstanta. Početnu masu pare sadržane u prostoriji izražavamo pomoću jednadžbi (2) i (3):

Vrijeme rada ovlaživača može se izračunati pomoću formule

zamijeniti (4) i (5) u (6)

Zamijenite brojčane vrijednosti i dobijete da bi ovlaživač trebao raditi 15,5 minuta.

Odgovor: 15,5 min.

Odredite EMF izvora ako, pri spajanju otpornika s otporom na njega R izvorni terminalni napon U 1 = 10 V, a pri spajanju otpornika 5 R napon U 2 = 20V.

Riješenje

Napišimo jednadžbe za dva slučaja.

Ɛ = ja 1 R + ja 1 r (1)

U 1 = ja 1 R (2)

gdje r je unutarnji otpor izvora, Ɛ je EMF izvora.

Ɛ = ja 2 5R + ja 2 r(3)

U 2 = ja 2 5R (4)

Uzimajući u obzir Ohmov zakon za dio kruga, prepisujemo jednadžbe (1) i (3) u obliku:

Posljednja zamjena za izračunavanje EMF-a. Zamijenimo formulu (7) u (5)

Odgovor: 27 V.

Kad se ploča od nekog materijala obasja svjetlom s frekvencijom v 1 = 8 1014 Hz i tada v 2 = 6 1014 Hz, utvrđeno je da se maksimalna kinetička energija elektrona promijenila za faktor 3. Odredite rad izlaza elektrona iz ovog metala.

Riješenje

Ako se smanji frekvencija svjetlosnog kvanta koji uzrokuje fotoelektrični efekt, tada se smanjuje i kinetička energija. Stoga će i kinetička energija u drugom slučaju biti tri puta manja. Napišimo Einsteinovu jednadžbu za fotoelektrični efekt za dva slučaja.

hv 1 = A + E do (1)

za prvu frekvenciju svjetlosti

formula za kinetičku energiju.

Iz jednadžbe (1) izrazimo rad rada i umjesto kinetičke energije zamijenimo izraz (3).

Konačni izraz će izgledati ovako:

Odgovor: 2 eV.

Osnovne SI jedinice

Vrijednost

Jedinica

Oznaka

Ime

ruski

međunarodni

Jačina električne struje

Termodinamička temperatura

Snaga svjetlosti

Količina tvari

SI izvedene jedinice s vlastitim nazivima

Jedinica

Izvedeni jedinični izraz

Vrijednost

Ime

Oznaka

Preko drugih SI jedinica

Kroz glavni i dodatne jedinice SI

Pritisak

m -1 ChkgChs -2

Energija, rad, količina topline

m 2 ChkgChs -2

Snaga, protok energije

m 2 ChkgChs -3

Količina elektriciteta, električni naboj

Električni napon, električni potencijal

m 2 ChkgChs -3 CHA -1

Električni kapacitet

m -2 Chkg -1 Hs 4 CHA 2

Električni otpor

m 2 ChkgChs -3 CHA -2

električna provodljivost

m -2 Chkg -1 Hs 3 CHA 2

Tok magnetske indukcije

m 2 ChkgChs -2 CHA -1

Magnetska indukcija

kghs -2 CHA -1

Induktivitet

m 2 ChkgChs -2 CHA -2

Svjetlosni tok

osvjetljenje

m 2 ChkdChsr

Aktivnost radioaktivnog izvora

bekerela

Apsorbirana doza zračenja

Slika 1. Granica tekućina u početnom stanju

Slika 2. Miješanje tekućina u posudi na sobnoj temperaturi

Slika 3. Miješanje tekućina u posudi koja je bila u hladnjaku